一个能自由转动的矩形线圈悬挂在磁场中,通电后矩形线圈不发生偏转.下列对着一个现象

lz可以画个图：当线圈平面与磁感线平行时,线圈转动的【一瞬间】,速度方向【垂直纸面】,速度方向切割磁感线,此时E最大当转过90°时,线圈转动的【一瞬间】,速度方向与磁感线【平行】,【不切割】磁感线,故

与磁感线平行时,感应电动势最大NBSω=Nφω=100*0.03*π/3=π与中性面夹角为π/3时,e=Emsinπ/3=πsin60

B因为：φ(t)=0.20sin314t这个时候对它求导就是它的电动势的表达式：dφ(t)/dt=62.8cos314t,所以最大值为B答案再问：φ(t)=0.20sin314t是怎么的到的?φ是磁通

选D.当磁铁转动时,线圈内【向里的磁感线】增加,为了抵抗【向里的磁感线】,线圈产生了逆时针的电流.此时,【有逆时针电流的线圈】就相当于一个【N极向外的小磁针】,【N极向外的小磁针】受到【磁铁】的磁场力

如图所示，若通电时，据安培定则不难看出此时矩形线圈的前面是N极，其后面是S极，故其磁感线的方向是应该是垂直于纸面向外，故此时小磁针静止时的N极指向与矩形线圈的磁感线的方向是一致的，由于小磁针的磁感线应

当导线通有如图逆时针方向的电流时,根据右手定则知会在线圈所围的平面内产生垂直纸面向外的磁场(磁感线).放入里面的小磁针的方向当然要指明磁感线的方向了就是b了再问：我只有初二这样讲不是很明白，你能给我你

图呢?再问：http://wenku.baidu.com/view/22c4a11ba8114431b90dd8cc.html这里的第十四题，，我差不了图再答：这道题我做过，用到的定律初三还没有学到，

这里问的是发电机的输出电功率是多少,所以应该计算的是电阻两端的电压才是对的.有效值是等于10倍根号2,那么由于考虑自身还有1欧的电阻,那么实际的输出电压为9倍根号2V,所以：P=9*9*2/9=18W

A、由图可知，交流电周期T=0.250s，故A错误；B、交流电周期T=0.250s，交变电流的频率为f=1T=4Hz，故B错误；C、由图可知，交流电的最大电压Um=20V，所以交变电流的最大值为Im=

1.ABA.e=Nd(BS)/dt,S=Scos(wt)求导d(BS)/dt=NBSwsin(wt)B.有效值是sqrt(2)/2这个高中生不能求要积分f=w/2π2.e=NBSωsinωt因此角速度

如图所示，若通电时，据安培定则不难看出此时圆形线圈的前面是N极，其后面是S极，故其磁感线的方向是应该是垂直于纸面向外，故此时小磁针静止时的N极指向与圆形线圈的磁感线的方向是一致的，由于小磁针的磁感线应

当让不是了,有电磁感应嘛.你说的这是交流发电机的一种最简化的模型.

1）会变化,从零逐渐增大2）线圈上的电动势呈周期性变化,1/3周期正向,1/6周期为零,1/3周期反向,1/6周期为零,且在每个有电动势的周期内电压是不变的（波形为方波）E=nwBL1L2=9V先不看

通电线矩形圈在磁场中不能连续运动的原因：把矩形线圈放在磁场中,开始时使线圈平面和磁感线平行,接通电路后,由于通电线圈的两条对边中的电流方向相反,它们所受到磁场的作用力的方向相反,但不在一条直线上,通电

A、在0.10×10-3s、20×10-3s时刻，线圈的磁通量为零，磁通量的变化率最大，线圈垂直于中性面，感应电动势最大，故A正确．B、在5×10-3s和15×10-3s时刻，磁通量最大，线圈位于中性

总是向它的平衡位置运动因为平衡位置能够让它稳定下来线圈可以等效成一个小磁铁用右手判定大拇指所指的方向为N极N极指向磁场方向是它的运动趋势通电铁棒要受力分析大概可以判断出旋转放下其实是受到转矩的有点乱希

原因可能有以下几种:可能一:线圈平面与磁场方向垂直(即平衡位置)可能二:线圈与转轴阻力(摩擦力)过大.可能三:磁场太弱了可能四:电流太弱了可能五:线圈有断路

(1)Im=NBwS/R解得：w=RIm/NBS(2)图中看出0时刻,电流为零,说明此时线圈平面与磁场垂直,那么T/6时,线圈转过60度,此时平面与磁场夹角30度.Φ=BSsin30=1/2BS(3)

A错ac时刻电动势为0磁通量最大电动势E=bsw=100π乘0.2选b再问：什么?你怎么算出Em=62.8v的啊?E=NBSWS不是面积吗?你的式子里都是什么意思啊?再答：最大磁通量为BSw是角速度T

由图象知周期为T，所以ω=2πT，根据Em=NBSω解得：B=EmT2πS图象可知，线圈平行磁场开始转动，当在t=T12时，则磁感强度方向与线圈平面夹角为30°，即为π6；故答案为：EmT2πS；&n