与平面x 2y 2z 3=0相切于点M(1,1,-3)且半径r=3的球面

（1）P（2,√3）园的方程：(x-2)²+(y-√3)²=4抛物线方程：好像是：y=x²-4x+3但又不是.（2）|AB|=|BC|=|CP|=|AP|=2∴四边形AB

a=-5,b=-2曲面z=x^2+y^2,令f(x)=x^2+y^2-z对f(x)分别对x,y,z求偏导数,得到偏导数分别为2x,2y,-1,所以把点(1,-2,5)代进去得到曲面z=x^2+y^2在

要看你图中P在第几象限,现在我针对P在第一或第四象限来解一下,如果是第二或第三象限的话,你可以仿着做,即设P的横坐标为-2,设P(-2,m),接下来的方法把数字变一下就行了由题意可知：P的横坐标为2,

/>连接CD则CD=OC=1,CD⊥AD∵OA=1∴AC=2∴∠CAD=30°∴OB=√3/3设L的解析式为y=kx+b将点A和点B坐标代入可得L的解析式为y=(√3/3)x+√3/3

y=（根号3）/3x+（根号3）/3我们是告诉解析式证明相切.谁告诉我怎么证明额设直线L的方程为：y=kx+b因为过点A,则代入方程得-k+b=0b=k所以直线L方程化为y=kx+k1,圆OC与Y轴相

（1）连结CD,设D（x,y)(0

你首先把图做出来.在RT三角形ACO中,可知道角ACO为直角,AO=2,CO=根号3,sin角BAO=根号3/2所以可求出角BAO=60度.在RT三角形AOB中,cos角BAO=AO/AB则AB=4

过点P作PD⊥MN于D，连接PQ．∵⊙P与x轴相切于点Q，与y轴交于M（0，2），N（0，8）两点，∴OM=2，NO=8，∴NM=6，∵PD⊥NM，∴DM=3∴OD=5，∴OQ2=OM•ON=2×8=

前面的图和啰嗦的话不用看,只看“天24小时均有日影”即“极昼”一句.要达到极昼只能在极圈内存在.而冬至到春风在南半球是极昼存在的时间,正好相差为两个月左右.再问：为什么？再问：没看懂，求详解

1、连接DC,因为Y轴是切线,则DC与Y轴垂直,过点D作AB的垂线,连接DA,则有垂径定理.可以求得半径为5.点D的坐标（5,4）2、过点B作一条直径BM,连接MA,你可以知道sin∠ACB=sin∠

图呢再问：再问：点P坐标再答：再答：不知道对不对

设：圆心M的坐标为（x,y)∵线段AB是圆M的弦,∴圆心M一定在线段AB的垂直平分线上,∴x=5∵圆M与y轴相切且M在第一象限∴圆M的半径r=x=5连接圆心M和点A,同时连接圆心M和AB的中点D（5,

（1）,由图知,圆心C的横坐标为D,E的中点（3,0）,过C作CF垂直DE于F,连结CD,由勾股定理,可以求的CF=根号下5.故圆心坐标（3,根号下5）,R=3.（2）,若△POA和△PHE全等,则P

由等效加速圆的定理如果B在圆上,那么A与B同时到达,而B在园外,所以A比B先到达,且A,D同时到达再来比较A和C由几何关系A与C在同一高度分解竖直方向的加速度有ac=gaa=gsin^2θ因为sin^

由等效加速圆的定理如果B在圆上,那么A与B同时到达,而B在园外,所以A比B先到达,且A,D同时到达再来比较A和C由几何关系A与C在同一高度分解竖直方向的加速度有ac=gaa=gsin^2θ因为sin^

过点M(1,1,-3)垂直于平面x+2y+2z+3=0的直线方程为x=t+1,y=2t+1,z=2t-3,球心在该直线上,且球心到点M的距离=3,所以t=1,或-1.所以球心坐标为（2,3,-1）或（

物体在圆环上运动不脱离圆环,则最高上升高度为R=0.4m,即半圆弧中心.（若超过此高度则物体会做抛体运动,离开轨道）因此,mgR-0.5mv^2>=-ugl解得,v

此处相切可以理解为“过”.通俗地说,切削刃沿垂直于基面的方向延伸所构成的平面.再问：我可以理解成过切削刃与基面垂直么再答：切削刃是一条线或曲线，与基面可能垂直，但绝大多数是不垂直的。再问：切削面包含全

http://www.jyeoo.com/Math/Ques/Detail/635238db-e832-418f-b78e-8cb567144ee2菁优网上的,免优点的题.

1再问：学霸啊！太赞了！！！