如图所示 ,下端封闭且粗细均匀的L型细玻璃管,竖直

（1）上部分气体作等温变化，由玻意耳定律得，p1V1=p1′V1′即p1l1S=p1′l1′S，得p1′=P1l1l1′=50×2018cmHg≈55.6cmHg　　　　　　　　　　　　　（2）下部气

①由玻意耳定律得：VV1＝p0+0.5p00.5p0，式中V是抽成真空后活塞下方气体体积由盖•吕萨克定律得：2.6V1+V1V＝T/T1解得：T′=1.2T②由查理定律得：1.8T1T/＝p20.5p

1楼直接抄答案 2楼误人子弟（解题完全错误）第一题 管内气体压强+水银对底部压强=外界大气压强.先不考虑管内气体由于体积变化造成的压强变化,玻璃管倾斜37.水银对底部压强（水银垂直

封闭气体压强为：P=P0-15cmHg=60cmHg；在距管顶20cm处的A点，玻璃管出现了一个小孔，小孔下方10cm长水银柱会漏去，气压增加了10cmHg，变为P′=70cmHg；此后经历等压压缩过

（1）第一次碰地后，环和棒的加速度大小分别是a环=kmg−mgm=（k-1）g，竖直向上．a棒=kmg+mgm=（k+1）g．竖直向下．（2）落地及反弹的瞬时速度大小v1=2gH，a棒=（k+1）g，

A、B如管顶部分为真空，则大气压P0=L1+L2+L3．此时PA=L1＜PB=L1+L2．若AB混合，因为L1上端是真空，混合后压强PAB=L1=PA，温度不变时，A的体积不变，B的体积增大，故混合后

设水平时两封闭气体的气柱长为l，压强为P，横截面积为s两部分气体等温变化，由玻意耳定律得：对气体A：PA1VA1=PA2VA2      &

关键是问题在哪再问：有道理

(1)设底面积为s,数制放置时,管内气体气压P1=1Pa+38cmHg=114cmHg,体积V1=60s水平放置时,管内气压P2=1Pa=76cmHg,所以体积V2=P1*V1/P2=90s,气柱长度

设U形管竖直管中水银柱的高度为h，则PB=PA+h，假设气体体积不变；由查理定律得：PP′=TT+△T，压强的变化量△P=P′-P=△TTP，△T相同，不知道两气体初温关系，因此无法判断两部分气体压强

先分析初始状态设中间空气柱为a,上方空气柱为b初始时Pa+66=75Pa=9cmHg又Pa=Pb+4Pb=5cmHg当上方空气柱增加一厘米时则此时Hb=5cmPb=4cmHg同理可知Pa=8cmHg则

封闭气体的初温T=304K,初压P1=760mmHg,初长度L1=8cm末温T2=,末压P2=780mmHg,末长度L2=9cm,据理想气体状态方程,P1L1/T1=P2L2/T2T2=351Kt2=

1.开始时,P1=76+4cm水银柱,V1=180cm*S假设后来倒入的水银高是x,空气柱高为y,则P2=76+4+xcm水银柱整个过程看作是等温变化,有P1*V1=P2*V2即80*180*S=（8

（ⅰ）对于封闭气体：初态：P1=P0-△h=75-2=73（cmHg），V1=LS=10S，T1=300K；末态：P2=P0=75cmHg，V2=（L+0.5△h）S=12s，T2=？；根据理想气体状

（1）p1=po-△h=75-3=72cmHgV1=LS=15ST1=300KP1V1T1=P2V2T2解得：T2=343.75Kt2=70.75℃（2）p3=75cmHgV3=L′・Sp1V1=p3

（1）玻璃管内的空气作等温变化，有：（（p0-ρgH1）l1=（p0-ρgH2）l2所以l2＝p0−ρgH1p0−ρgH2l1＝0.10(m)．故此时管内空气柱的长度为0.10m．（2）设水银槽内水银

答案选B,当玻璃管向上稍微提高一些的时候,假设空气压强不变,则管内气体的体积不变（克拉伯龙方程）则管内的液面与水银槽之间的液面高度差不变,则需要水银槽的液面和管内的水银面同时上升,这是不可能的!所以空

设横截面积是Scm2,对于封闭在管内的气体,初态参量为P1＝PO＋20＝96cmHg,V1＝60Scm3,T1=300K．设水银柱开始溢出后剩余的水银长度为h,则此时气体的体积和压强分别为P＝PO＋h

B气体压强公式PV=nRT液体压强公式p=phgΔT变化PV增加一样,但V右P左所以液体高度h变小

(1)由于水平管开口,所以当上提活塞时B部分压强不变A部分压强减小,当水平部分水银恰好全部进入竖直管时,A部分空气体积达到最大,以后A部分气体压强将不发生变化,设此时气柱长LA1,压强pA1,气柱原长