如图所示,平行板电容器电容为C,带电量为Q,板间距离为d,,极板与水平面夹角为-搜答案-百度作业网

(1)规定电源负极电势为零,外电路上,沿着电流方向通过电阻电势降落=IR==>则电容器上极板电势=R1两端电压=（E/2r)*r=0.5E,下极板电势=R2两端电压=（E/3r)*2r=（2/3)*E

电源接法不同,对解题有直接影响,上面电路图没有问题,一个电源的正极和另一个的负极电势一样,这很正常,比如一个手电筒用两节电池时,它们的接法是负极接正极,连接处就是电势相同的.再问：上图按照下图这样设电

答案： ⑴ 上板带负电,下板带正电 ⑵4g 方向竖直向下解析：⑴

（1）带电液滴沿直线运动，重力和电场力的合力方向必沿PQ直线，可知电场力必定垂直于极板向上，如图．则有：qE=mgcosα又E=Ud=QCd联立解得，液滴的电荷量为：q=mgCdcosαQ；（2）在此

（1）当B板上聚集了n个射来的电子时，两板间的电势差为： U=QC=neC内部电场为匀强电场，场强为： E=Ul=neCl（2）设最多能聚集N+1个电子，第N+1个射入的电子到达B

你这题是不是少了个初速度啊?我假设为V1、当n个电子到达B板上,设此时两端的电压为U,有C=Q/U得U=ne/C又电场强度E=U/L.所以E=ne/LC2、设有N个电子和B板相碰,则第N个电子到达B板

两极板间的电势差为：U=QC，则两极板间的电场强度为：E=Ud，电荷q所受的电场力为：F=qE=QqCd．故选：B

1.U不变.d减小则E增强（E=U/d）,导致电场力F增大（F=qE）,所以油滴会上移.2.Q不变.依据E=U/d,C=Q/U,C=εS/4πkd,可知E与d无关,所以油滴仍保持静止不动.再问：对不起

打错了吧!是电势差吧!而且没有俩电板的距离是求不出的设第N个电子到达B时的速度为0m/s,则1/2mv^2=eEd,E=mv^2/2ed,其中E=U/d=Q/Cd=(N-1)e/Cd,所以N=mv^2

电场力F＝qEE=U/dU=Q/C所以：F=qE=qU/d=qQ/(Cd)

开始时重力等于电场力,即mg=qQ/(Cd)之后电荷量增大一倍,电场力增大一倍,所以入射的电荷合外力为mg,方向向上,所以加速度为g,方向向上.根据运动学方程,d/2=gt²/2,求得时间t

没厚度?

电势差U=QC，则电场强度E＝Ud＝QCd，电场力F=qE=qQCd．故C正确，A、B、D错误．故选C．

答案为第一个：开关S断开.要是带电液上移,需增加电容C两端电压.A、开关S断开,电路中所有电流为零,电源E全部电压加到电容C上；B、降低R1温度,R1是热敏电阻,阻值增加,其两端电压也增加,使R2和C

u=Q/CE=U/dw=qES*1/2解得w=qsQ/2Cd

（1）当B板吸收了N个电子时，电容器所带电荷量为Q=Ne，根据电容的定义C＝QU得此时A、B两板间的电压为U＝NeC（2）电子经过U0的电压加速后，进入A、B板间的动能为eU0，进入A、B板间电场后做

根据C=Q/U,和C=E*S/4k*pi*d,得Q=E*S*U/4k*pi*d,当d为原来的1/2时,Q为原来的二倍,变化量等于原来的电荷量,即CU=2.0*10-6*10=2.0*10-5在除以时间

场强E是由两个极板共同产生,而不是一个极板产生一个.

解答如图我们学校的吧

因为电场力做正功转化为电子的动能.能量不能凭空消失,只能由一种形式转化为另一种形式.