已知函数f(x)=ax2+bx,g(x)=lnx.
来源:学生作业帮 编辑:百度作业网作业帮 分类:综合作业 时间:2024/04/30 20:44:17
已知函数f(x)=ax2+bx,g(x)=lnx.
(1)当a=0时,①若f(x)的图象与g(x)的图象相切于点P(x0,y0),求x0及b的值;②f(x)=g(x)在[1,m]上有解,求b的范围;
(2)当b=-1时,若f(x)≥g(x)在[
,n]
(1)当a=0时,①若f(x)的图象与g(x)的图象相切于点P(x0,y0),求x0及b的值;②f(x)=g(x)在[1,m]上有解,求b的范围;
(2)当b=-1时,若f(x)≥g(x)在[
1 |
e |
(1)∵a=0∴f(x)=bx,
①f′(x)=b, g′(x)=
1
x∴
b=
1
x0
bx0=lnx0 , ∴x0=e,∴b=
1
e;
②∵f(x)=g(x)∴bx=lnx(x>0)∴b=
lnx
x在[1,m]上有解,即y=b与h(x)=
lnx
x在[1,m]上有交点,
∵h′(x)=
1−lnx
x2,
∴当m≤e时h(x)在[1,m]上递增,则h(x)∈[0,
lnm
m],
当m>e时h(x)在[1,e]上递增,在[e,m]上递减且h(x)>0,则h(x)∈[0,
1
e],
∴m≤e时,b∈[0,
lnm
m];m>e时,b∈[0,
1
e];
(2)∵b=-1∴f(x)=ax2-x∴f(x)≥g(x)即ax2-x≥lnx,
即a≥
x+lnx
x2在[
1
e,n]上恒成立,
令r(x)=
x+lnx
x2,∴r′(x)=
1−x−2lnx
x3,
令s(x)=1-x-2lnx,则s(x)为单调减函数,且s(1)=0,
∴当x∈(0,1)时,r′(x)>0,r(x)单调递增,
当x∈(1,+∞)时,r′(x)<0,r(x)单调递减,
若n≤1,则r(x)在[
1
e,n]上单调递增,
∴rmax(x)=r(n)=
n+lnn
n2,∴a≥
①f′(x)=b, g′(x)=
1
x∴
b=
1
x0
bx0=lnx0 , ∴x0=e,∴b=
1
e;
②∵f(x)=g(x)∴bx=lnx(x>0)∴b=
lnx
x在[1,m]上有解,即y=b与h(x)=
lnx
x在[1,m]上有交点,
∵h′(x)=
1−lnx
x2,
∴当m≤e时h(x)在[1,m]上递增,则h(x)∈[0,
lnm
m],
当m>e时h(x)在[1,e]上递增,在[e,m]上递减且h(x)>0,则h(x)∈[0,
1
e],
∴m≤e时,b∈[0,
lnm
m];m>e时,b∈[0,
1
e];
(2)∵b=-1∴f(x)=ax2-x∴f(x)≥g(x)即ax2-x≥lnx,
即a≥
x+lnx
x2在[
1
e,n]上恒成立,
令r(x)=
x+lnx
x2,∴r′(x)=
1−x−2lnx
x3,
令s(x)=1-x-2lnx,则s(x)为单调减函数,且s(1)=0,
∴当x∈(0,1)时,r′(x)>0,r(x)单调递增,
当x∈(1,+∞)时,r′(x)<0,r(x)单调递减,
若n≤1,则r(x)在[
1
e,n]上单调递增,
∴rmax(x)=r(n)=
n+lnn
n2,∴a≥
已知函数f(x)=ax2+bx-lnx,a,b∈R.
已知函数f(x)=lnx+ax2-2bx(a,b∈R),g(x)=2x−2x+1-clnx.
函数f(x)=ax2+2x+1,g(x)=lnx.
已知函数f(x)=ax2-bx+1.
一百分数学题 已知函数f(x)=lnx,g(x)=1/2ax2+bx(a不等于O)
已知函数f(x)=ax2+bx+lnx,曲线y=f(x)在点A
已知函数f(x)=ax2-(a+2)x+lnx.
已知函数f(x)=lnx-ax2+(2-a)x.
已知函数f(x)=x-ax2-lnx(a>0).
已知函数f(x)=lnx+ax平方+bx
(已知二次函数f(x)=ax2+bx+c.)
(2012•蓝山县模拟)已知函数f(x)=lnx−12ax2+bx(a>0),且f′(1)=0.